enable

enable_if 是c++11标准引入的一个类模板，它的使用体现了c++编译器的SFINAE特性。对于没有使用过enable_if的同学来说，可能会显得有点突兀，下面先来一个例子。

template
struct MEB
{
using type = T;
}

接着在main中如下使用：

MEB::type abc = 15;

不难看到MEB::type 代表的就是int 类型。在理解了上面的例子后，接下来看看enable_if的实现源码，源码非常简单，如下：

template
struct enable_if {};

template
struct enable_if
{
using type = _Ty;
}

上述代码中定义了一个enbale_if类模板，其中_Test为非类型模板参数，_Ty为类型模板参数；接着实现了一个enable_if的偏特化版本，第一个参数设置为true.其实这个偏特化可以理解为一种条件分支语句，如enable_if类模板，当其第一个模板参数为true的时候，对应的分支就是偏特化版本的分支，反之就是泛化版本的分支。

在mian中添加如下代码：

std::enable_if< (3>2) >::type *myptr = nullptr;

编译一下，没有语法错误。因为该表达式的结果为true,走了偏特化的版本，第二个模板参数没有在程序中提供，就走了模板参数的默认值，void类型，所以上面的代码等价于：

void *myptr = nullptr;

但是如果改为如下的代码：

std::enable_if< (3<2) >::type *myptr = nullptr;

编译就如下提示：

这是由于走了泛化版本，这个版本中根本没有type这个类型别名。

ebable_if用于函数模板中：
有如下例子：

template
typename std::enable_if<(sizeof(T) > 2) >::type funceb()
{
//...
}

现在在main中如下调用：

funceb();

编译后发现没有错误，因为sizeof(int)>2.也就是将这个函数模板被实例化为：

void  funceb()
{
//...
}

那如果如下调用，便会出错

funceb ();

这是由于sizeof(char)<2,不满足条件，也没有找到其他合适的函数，所以会报错。
c++14标准对enable_if的用法做了简化，只需要在其后面增加一个_t,就可以省略typename和::type的输入，如下修改：

template
typename std::enable_if_t<(sizeof(T) > 2) > funceb()
{

}

现在试想，如果给函数模板funceb()中的enable_if_t提供第二个模板参数，也就是

template
std::enable_if_t<(sizeof(T) > 2), T > funceb()
{

}

那么当遇到funceb()；会被实例化为：

int funceb()
{
//...
}

这显然需要一个返回值嘛，

于是修改为：

template
std::enable_if_t<(sizeof(T) > 2), T > funceb()
{
	T t = {};
	return t;
}

int main()
{	
	int c = funceb();
	cout << c << endl;
	
	system("pause");
	return 0;
}

结果：