Educational Codeforces Round 117 (Rated for Div. 2) A-C

比赛的时候没做出C来，是个简单的二分，有点可惜。后来用二分法做了一下也做出来了，感觉是能力范围之内的题…
A. Distance
有A.B.C三个坐标点，A为（0，0），给出B的坐标点，要求满足两个式子：
d(A,C)=d(A,B)/2 d(B,C)=d(A,B)/2 如果能找到C就输出任意一个满足答案的坐标，如果不能找到则输出-1。
在编程中除特殊情况外尽量不要出现除法，随时可能会导致错误。把2挪到式子左边比较好，坐标的范围也很小，直接遍历查找就可以了。

#include 
using namespace std;
typedef long long ll;
int main()
{
    int i,n,t,ans=0,j,x,y,u,w,o,p;
    cin>>t;
    while(t--)
    {   p=0;
        cin>>x>>y;
        for(i=0;i<=50;i++)
        {
            for(j=0;j<=50;j++)
            {
                u=x-0+y-0;
                w=abs(i-0)+abs(j-0);
                o=abs(i-x)+abs(j-y);
                if(u==2*w&&u==2*o) {p=1;break;}
            }
            if(p==1) break;
        }
        if(p==1) cout< 
B. Special Permutation
 设定序列为1-n，给出序列长度（偶数），将序列平分为左右两半，给出左半序列最小值a，右半序列最大值b，判断是否有这样的序列，如果没有则输出-1，有则任意输出一个满足答案的序列。
 首先要判断是否存在这样的序列，给出a，所以要把左边剩下的部分全部填上比a大的数，但是a可能比较大使得左边a并不是最小值，这样就不会有这个序列，右边同理。满足a为最小值b为最大值后从大到小往左、右两个序列里赋值，最后输出序列即可。
 
#include 
using namespace std;
typedef long long ll;
int main()
{
    int i,n,t,a,b,sum,num;
    cin>>t;
    while(t--)
    {   sum=0;num=0;
        cin>>n>>a>>b;
        int p=n;
        int c[n];
        int aver=n/2;
        for(i=1;i<=n;i++)
        {
            if(i>a) sum++;
        }
        for(i=1;i<=n;i++)
        {
            if(i>b) num++;
        }
        if(a>b) num--;
        if(aaver-1) {cout<<"-1"< 
C. Chat Ban
 
 以上为发送三条消息产生的图形，k为3，总数为9
 现在一个人想要发送消息，但是发送过多条的图形会被管理员限制，给出k和限制数x（一个图形算一个，不能发送比x还多的图形），求它最多能发送多少条消息（一行算一条，哪怕这行只发送出一个图形，也算发送出了这条消息），求这个人最多能发送出多少条消息。
 听说可以用纯数学，但我看到可以用二分来做立马感觉可以试试。首先可以将大图分为两个等差数列，等差数列求和的公式不用说了吧。接下来就是查找这个和的位置了，这简直就是直接套二分模板，我把两个等差数列分情况列了两个二分，好像大佬用一个二分就行了。
 
因为ans开的不够大，还是导致我wr了几次。
 
#include 
using namespace std;
typedef long long ll;
int main(){
	ll t,l,r,mid;
	cin>>t;
	while(t--){
        ll ans=10000000000;
		ll k,x;
		cin>>k>>x;
		if(x>=k*k) {cout<<2*k-1<=x)  
                {  // 只要消息总数比限制数大就要减少消息的条数
                    r=mid-1;
                    ans=min(ans,mid);
                }
                else l=mid+1; // 消息总数比限制数小我们就可以增加消息的条数
            }
        if(x<=k*(k+1)/2){
            cout<k*(k+1)/2&&x=x)
                {
                    r=mid-1;
                    ans=min(ans,mid);
                }
                else l=mid+1;
            }
            cout<