牛客挑战赛53：C.奇奇怪怪的魔法阵

链接：奇奇怪怪的魔法阵 (nowcoder.com)

题意：给定 n n n 个点和 m m m 条边，求出所有集合的独立子集的个数，即 ∑ S ⊂ T [ S 为 独 立 集 ] sum_{S subset T}[S为独立集] ∑S⊂T​[S为独立集]，然后将所有集合独立集的个数以哈希方式求最终答案，即 a n s = ∑ T ⊂ N 23 3 ∑ i ⊂ T 2 i ∗ ∑ S ⊂ T [ S 为 独 立 集 ] ans=sum_{T subset N} 233^{sum_{i subset T} 2^i}*sum_{S subset T}[S为独立集] ans=∑T⊂N​233∑i⊂T​2i∗∑S⊂T​[S为独立集]。

（定义独立集 S S S 为 S S S 中所有点均为孤立点，两两不相连。）

题解：根据题目显然需要枚举 [ 0 , 2 n − 1 ] [0,2^n-1] [0,2n−1] 的所有集合，然后考虑如何从前面以算出来的集合继承答案。可以发现对于一个集合 T T T， T T T 可以由两个集合构成，取最方便的为 T T T 二进制下最低位自成一个只有一个元素的集合，其余二进制位构成另一个集合（不可以同普通状压一样枚举 n n n 个位置构成 n n n 种方法（集合无顺序），这里只取一次即可，不然会重叠）。

计算集合 y y y 可以用 l o w b i t text lowbit lowbit函数直接取到最低位的二次幂，然后当前集合减去 y y y 即可得 x x x 集合，对于 y y y 与 x x x 集合的合并，求出 y y y 对应的元素位置 p [ y ] p[y] p[y]，将 x x x 也该元素位置的 m p mp mp 值（与该元素有边的元素）与，然后求 x x x 和与出来的结果的异或即可得到 x x x 集合中不与 y y y 冲突的点集，最后答案便是 f [ i ] = f [ y ] + f [ x ] + f [ x ⊕ ( x & m p [ p [ y ] ] ) ] f[i]=f[y]+f[x]+f[x oplus (x&mp[p[y]])] f[i]=f[y]+f[x]+f[x⊕(x&mp[p[y]])]

#include
#include

using namespace std;
typedef long long ll;
const int maxn=(1<<26)+5;
const int mod=1e9+7;

int f[maxn],p[maxn],mp[30],n,m,x,y;
ll ans;

inline int lowbit(int x)
{
	return x&(-x);
}

int main()
{
	ios::sync_with_stdio(false);
	cin.tie(0); cout.tie(0);
	cin>>n>>m;
	for(int i=0;i>x>>y;
		mp[x]|=1<