介绍
要浏览并选择要上传的文件，你需要·在表单中有一个HTML 字段。如HTML规范中所述，你必须使用
POST方法，并且
enctype表单的属性必须设置为
"multipart/form-data"。
<form action="upload" method="post" enctype="multipart/form-data"> <input type="text" name="description" /> <input type="file" name="file" /> <input type="submit" /></form>
提交此类表单后，二进制多部分表单数据在请求正文中的使用方式与enctype未设置时的格式不同。
在Servlet 3.0之前，Servlet API本身不支持
multipart/form-data。它仅支持默认格式
enctype application/x-www-form-urlenpred。使用多部分表单数据时，
request.getParameter()and和con都会全部返回
null。这就是众所周知的Apache Commons FileUpload出现的地方。
不要手动解析它！
理论上，你可以根据自己解析请求主体
ServletRequest#getInputStream()。但是，这是一项精确而乏味的工作，需要对RFC2388有精确的了解。你不应尝试自己执行此操作，也不要复制粘贴Internet上其他地方的一些本地编写的无库代码。许多在线资源在此方面都失败了，例如roseindia.net。另请参阅pdf文件的上载。你应该使用一个真正的库，数百万用户使用该库多年（并进行了隐式测试！）。这样的库已经证明了其健壮性。
如果你已经在Servlet 3.0或更高版本上，请使用本机API
如果你至少使用Servlet 3.0（Tomcat 7，Jetty 9，JBoss AS 6，GlassFish 3等），则可以使用提供的标准API HttpServletRequest#getPart()来收集各个部分的表单数据项（大多数Servlet 3.0实现实际上都使用Apache） Commons FileUpload的内容在这里！）。此外，可以通过getParameter()常规方式使用普通表单字段。
首先用注释你的servlet，
@MultipartConfig以使其识别并支持
multipart/form-data请求，然后开始
getPart()工作：
@WebServlet("/upload")@MultipartConfigpublic class UploadServlet extends HttpServlet { // ...}然后，
doPost()按以下方式实现它：
protected void doPost(HttpServletRequest request, HttpServletResponse response) throws ServletException, IOException { String description = request.getParameter("description"); // Retrieves <input type="text" name="description"> Part filePart = request.getPart("file"); // Retrieves <input type="file" name="file"> String fileName = Paths.get(filePart.getSubmittedFileName()).getFileName().toString(); // MSIE fix. InputStream fileContent = filePart.getInputStream(); // ... (do your job here)}注意
Path#getFileName()。这是有关获取文件名的MSIE修复程序。该浏览器错误地沿名称发送了完整的文件路径，而不仅仅是文件名。
如果你有一个
<input type="file" name="file" multiple="true" />用于多文件上传的文件，请按以下方式收集它们（不幸的是，没有这样的方法
request.getParts("file")）：protected void doPost(HttpServletRequest request, HttpServletResponse response) throws ServletException, IOException { // ... List<Part> fileParts = request.getParts().stream().filter(part -> "file".equals(part.getName()) && part.getSize() > 0).collect(Collectors.toList()); // Retrieves <input type="file" name="file" multiple="true"> for (Part filePart : fileParts) { String fileName = Paths.get(filePart.getSubmittedFileName()).getFileName().toString(); // MSIE fix. InputStream fileContent = filePart.getInputStream(); // ... (do your job here) }}当你尚未使用Servlet 3.1时，请手动获取已提交的文件名
请注意，它Part#getSubmittedFileName()是在Servlet 3.1中引入的（Tomcat 8，Jetty 9，WildFly 8，GlassFish 4等）。如果尚未使用Servlet 3.1，则需要其他实用程序方法来获取提交的文件名。
private static String getSubmittedFileName(Part part) { for (String cd : part.getHeader("content-disposition").split(";")) { if (cd.trim().startsWith("filename")) { String fileName = cd.substring(cd.indexOf('=') + 1).trim().replace(""", ""); return fileName.substring(fileName.lastIndexOf('/') + 1).substring(fileName.lastIndexOf('\') + 1); // MSIE fix. } } return null;}String fileName = getSubmittedFileName(filePart);
请注意有关获取文件名的MSIE修复程序。该浏览器错误地沿名称发送了完整的文件路径，而不仅仅是文件名。
当你尚未使用Servlet 3.0时，请使用Apache Commons FileUpload
如果你还没有使用Servlet 3.0（不是时候升级了吗？），通常的做法是利用Apache Commons FileUpload解析多部分表单数据请求。它具有出色的用户指南和常见问题解答（请仔细阅读两者）。也有O’Reilly（“ cos ”）
MultipartRequest，但是它有一些（较小的）错误，并且多年来一直没有积极维护。我不建议使用它。Apache Commons FileUpload仍在积极维护中，目前非常成熟。
为了使用Apache Commons FileUpload，你需要在Webapp的文件中至少包含以下文件/WEB-INF/lib：
commons-fileupload.jar
commons-io.jar
你最初的尝试很可能失败，因为你忘记了公共IO。
这是一个启动示例，使用
Apache Commons FileUpload时
doPost()你的
UploadServlet外观可能像这样：
protected void doPost(HttpServletRequest request, HttpServletResponse response) throws ServletException, IOException { try { List<FileItem> items = new ServletFileUpload(new DiskFileItemFactory()).parseRequest(request); for (FileItem item : items) { if (item.isFormField()) { // Process regular form field (input type="text|radio|checkbox|etc", select, etc). String fieldName = item.getFieldName(); String fieldValue = item.getString(); // ... (do your job here) } else { // Process form file field (input type="file"). String fieldName = item.getFieldName(); String fileName = FilenameUtils.getName(item.getName()); InputStream fileContent = item.getInputStream(); // ... (do your job here) } } } catch (FileUploadException e) { throw new ServletException("Cannot parse multipart request.", e); } // ...}这是非常重要的，你不叫
getParameter()，
getParameterMap()，
getParameterValues()，
getInputStream()，
getReader()等上预先同样的要求。否则，servlet容器将读取并解析请求主体，因此Apache Commons FileUpload将获得一个空的请求主体。另请参见ServletFileUpload＃parseRequest（request）返回一个空列表。
注意
FilenameUtils#getName()。这是有关获取文件名的MSIE修复程序。该浏览器错误地沿名称发送了完整的文件路径，而不仅仅是文件名。
或者，你也可以将所有内容包装在一个
Filter可以自动解析的内容中，然后将其放回请求的参数图中，以便你可以继续使用
request.
getParameter()通常的方法并通过检索上传的文件
request.getAttribute()。
GlassFish3错误getParameter()仍然存在的解决方法null
请注意，低于3.1.2的Glassfish版本存在一个错误，其中该错误
getParameter()仍会返回null。如果你针对这样的容器并且无法升级它，则需要getPart()借助此实用程序方法从中提取值：
private static String getValue(Part part) throws IOException { BufferedReader reader = new BufferedReader(new InputStreamReader(part.getInputStream(), "UTF-8")); StringBuilder value = new StringBuilder(); char[] buffer = new char[1024]; for (int length = 0; (length = reader.read(buffer)) > 0;) { value.append(buffer, 0, length); } return value.toString();}String description = getValue(request.getPart("description")); // Retrieves <input type="text" name="description">保存上传的文件（请勿使用getRealPath()或part.write()！）
前往以下答案，详细了解如何正确地将获得的
InputStream（
fileContent上面代码片段中显示的变量）保存到磁盘或数据库中：
- 将上传文件保存在Servlet应用程序中的推荐方法
- 如何上传图像并将其保存在数据库中？
- 如何将Part转换为Blob，以便可以将其存储在MySQL中？
提供上传的文件
前往以下答案，详细了解如何将已保存的文件从磁盘或数据库正确地提供给客户端：
- 使用
- 如何在JSP页面中从数据库检索和显示图像？
- 在Java Web应用程序中从应用程序服务器外部提供静态数据的最简单方法
- 支持HTTP缓存的静态资源servlet的抽象模板
合并表格
前往以下答案，了解如何使用Ajax（和jQuery）上传。请注意，不需要为此更改用于收集表单数据的servlet代码！仅可以改变你的响应方式，但这相当简单（即，不转发到JSP，仅打印一些JSON或XML甚至纯文本，具体取决于负责Ajax调用的脚本是什么）。
- 如何使用JSP / Servlet和Ajax将文件上传到服务器？
- 通过xmlHttpRequest多部分发送文件
- HTML5文件上传到Java Servlet
