文章目录

题目

一、解题思路

二、结果

1.注意点

2.C++代码

总结

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题目

给你一个由若干括号和字母组成的字符串 s ，删除最小数量的无效括号，使得输入的字符串有效。

返回所有可能的结果。答案可以按 任意顺序 返回

示例 1：

输入：s = "()())()"
输出：["(())()","()()()"]

示例 2： 

输入：s = "(a)())()"
输出：["(a())()","(a)()()"]

示例 3：

输入：s = ")("
输出：[""]

提示： 

1 <= s.length <= 25
s 由小写英文字母以及括号 '(' 和 ')' 组成
s 中至多含 20 个括号

来源：力扣（LeetCode）
链接：https://leetcode-cn.com/problems/remove-invalid-parentheses

一、解题思路

1. 首先定义m，表示从 [0, m-1] 这一段都是左括号数量比右括号多。 n 表示上一次在这个位置删除了一个右括号。
2. 从第 0 个位置依次向右扫描，一旦发现右括号数>左括号数，就删除一个 [0, 当前位置] 的范围的右括号。删除掉后，[0, 当前位置] 就是一个符合条件的括号匹配，继续向右扫描，直到所有不符合条件的右括号都被删除。
3. 把第 2 步得到的字符串，反转，按照同样的思路，把多出来的“右括号”删除。
4. 最后的所有可行值中可能出现重复的括号搭配，需要进行去重。

二、结果

1.注意点

•  是否有非括号的字母数字等字符，需要跳过；
• 考虑重复值的出现；

2.C++代码

代码如下（示例）：

class Solution {
public:
    vector removeInvalidParentheses(string s) {
        vector res;
        remove(move(s), {'(', ')'}, 0, 0, res);
        return res;
    }

    void remove(std::string s, const vector& par, int m, int n, vector& res) {
                                                //m为当前遍历到的需要修改的位置（即左括号<右括号时的位置），n为上一次修改的右括号位置
        int stack = 0;                          //用于 记录左括号数-右括号


        for(int i=m; i= 0) continue;            //（1）左括号数量多于右括号，不执行下面的，继续遍历
                                                //（2）左括号数量少于右括号，开始找要删除的右括号
            for(int j=n; j<=i; j++) {           //j从n往后遍历到i：寻找要删除的右括号
                if(s[j]==par[1] && (j==n || s[j-1]!=par[1])) {
                //j处是右括号   &&  j==n保证第一次顺利执行||前一个不是右括号，如果前面的和我是紧挨着的右号，删除前面的和删我有什么区别（这里是去重）
                //为什么j==n一定可以执行？ 因为n是上一次  修改的右括号  的位置
                                        //这个地方以前是右括号，我给删掉了
                                        //现在如果这个地方变成左括号了，那好，继续看后面的右括号
                                        //如果这个地方又是右括号了，那不就是我上一层做的事情吗？我要再删除一次，直到我见到左括号
                    auto ss = s.substr(0, j) + s.substr(j+1);
                    remove(move(ss), par, i, j, res);
                }
            }
            return;
        }

        //将当前子串逆转
        reverse(s.begin(), s.end());
        //处理左括号，为什么要逆置处理左括号？
                    //因为上面的遍历保证的是左括号>=右括号
                    //这次我们再保证右括号>=左括号，即可保证左括号==右括号，即匹配
                    //仔细推敲：数目相等其实未必匹配，但我们处理的时候是一发现不匹配就修改的
                                //即相当于解决每一个小错，相当于没有大错，需要自己体会一下
        //此时传参互换了左右括号的位置，所以处理完左括号再执行到这步时候会执行else
        if(par[0]=='(')
            remove(move(s), {par[1], par[0]}, 0, 0, res);
        else
            res.push_back(move(s));
    }
};

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总结

python中的set可以很好的解决重复的问题  但是python的是解释性语言，比较慢。

打开第一天，坚持坚持 加油加油！！！！！