题文
（1）两个同容积的密封容器A、B，常温下，A中充入a g A气体，B中充入a g CH4气体，A与B内的压强之比是4：11，则A的摩尔质量为______．
（2）某氯化镁溶液的密度为d g/cm3，其中镁离子的质量分数为w，a mL该溶液中Cl-的物质的量为______．
（3）标准状况下VL氨气溶解在1L水中（水的密度近似为1g/mL），所得溶液的密度为ρ g/mL，则该溶液的溶质的物质的量浓度为______．
（4）在 11P+15CuSO4+24H2O=5Cu3P+6H3PO4+15H2SO4 中，每 1mol CuSO4可以氧化磷的物质的量是______．
题型：未知 难度：其他题型
答案
（1）根据相同温度和体积下，气体的压强之比等于物质的量之比，
设A的摩尔质量为M，
则有：agM：ag16g/mol=4：11，
解之得M=44g/mol，
故答案为：44g/mol；
（2）aml溶液的质量为：aml×d g/ml=adg，
镁离子的质量为：adg×w=adwg，
镁离子的物质的量为：a×d×w24mol，
则a mL该溶液中Cl-的物质的量为：n（Cl-）=2n（Mg2+）=2×a×d×w24mol=a×d×w12mol，
故答案为：a×d×w24mol；
（3）标准状况下VL氨气的物质的量为V22.4mol，质量为V22.4mol×17g/mol=17V22.4g，
溶解在1L水中，所得溶液的质量为17V22.4g+1000g，体积为：V=mρ=17V22.4g+1000gρg/ml=17V22.4+1000ρml，即17V22.4+1000ρ×10-3L，
该溶液的溶质的物质的量浓度为：c=nV=V22.4mol17V22.4+1000ρ×10-3L=1000ρV17V+22400mol/L，
故答案为：1000ρV17V+22400mol/L；
（4）在 11P+15CuSO4+24H2O=5Cu3P+6H3PO4+15H2SO4中，P→H3PO4，P的化合价由0价升高为+5价，CuSO4→Cu3P，Cu的化合价由+2价降低为+1价，根据则每 1molCuSO4可以氧化磷的物质的量是15mol，
故答案为：15mol．
解析
agM
考点
据考高分专家说，试题“（1）两个同容积的密封容器A、B，常温下.....”主要考查你对 [物质的量浓度 ]考点的理解。
物质的量浓度
物质的量浓度：
定义：单位体积的溶液里所含溶质B的物质的量，也称为B的物质的量浓度
符号：cB
单位：mol/L(mol·L -1)
计算公式：物质的量浓度(cB)=物质的量(n)/溶液的体积(V)
物质的量浓度与溶液质量分数、密度的关系：c=1000ρω/M
稀释定理：
- 稀释前后溶液中溶质的物质的量不变
c(浓溶液)V(浓溶液)=c(稀溶液)V(稀溶液) - 稀释前后溶液中溶质的质量不变
ρ(浓溶液)V(浓溶液)w%(浓溶液)=ρ(稀溶液)V(稀溶液)w%(稀溶液)
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物质的量浓度与质量分数(质量百分比浓度)的比较:
浓度计算的注意事项：
物质的量浓度(cB)=物质的量(n)/溶液的体积(V)
（1）V指溶液体积而不是溶剂的体积；
（2）取出任意体积的1mol/L溶液，其浓度都是1mol/L。但所含溶质的量则因体积不同而不同；
（3）“溶质”是溶液中的溶质，可以是化合物，也可以是离子或气体特定组合，特别的，像NH3、Cl2等物质溶于水后成分复杂，但求算浓度时，仍以溶解前的NH3、Cl2为溶质，如氨水在计算中使用摩尔质量时，用17g/mol。
溶液中溶质的质量分数与溶质的物质的量浓度的换算:
- 溶液中溶质的质量可以用溶质的质量分数表示: m(溶质)=ρ(g·cm-3)·V(L)·w% (1cm3=1mL)
- 溶液中溶质的质量可以用物质的量浓度来表示: m(溶质)=c(mol/L)·V(L)·M(g·mol-1)
- 由于同一溶液中溶质的质量相等，溶液的体积也相等，但注意：1L=1000mL,所以，上述两式可以联系起来：
ρ(g·cm-3)·1000V(mL)·w%=c(mol/L)·V(L)·M(g·mol-1) 化简得：1000ρw%=cM
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